高二数学期末复习之三导数应用的题型与方法

第一部分．复习目标：

1．了解导数的概念，能利用导数定义求导数．掌握函数在一点处的导数的定义和导数的几何意义，理解导函数的概念．了解曲线的切线的概念．在了解瞬时速度的基础上抽象出变化率的概念．

2．熟记基本导数公式（c,xm (m为有理数)，sin x, cos x, ex, ax, lnx, logax的导数）。掌握两个函数四则运算的求导法则和复合函数的求导法则，会求某些简单函数的导数，利能够用导数求单调区间，求一个函数的最大(小)值的问题，掌握导数的基本应用． 3．了解函数的和、差、积的求导法则的推导，掌握两个函数的商的求导法则。能正确运用函数的和、差、积的求导法则及已有的导数公式求某些简单函数的导数。 4．了解复合函数的概念。会将一个函数的复合过程进行分解或将几个函数进行复合。掌握复合函数的求导法则，并会用法则解决一些简单问题。 第二部分．内容小结： （Ⅰ）基础知识详析

导数是微积分的初步知识，是研究函数，解决实际问题的有力工具。在高中阶段对于导数的学习，主要是以下几个方面:

1．导数的常规问题：

（1）刻画函数（比初等方法精确细微）；

（2）同几何中切线联系（导数方法可用于研究平面曲线的切线）；

（3）应用问题（初等方法往往技巧性要求较高，而导数方法显得简便）等关于n次多项式的导数问题属于较难类型。

2．关于函数特征，最值问题较多，所以有必要专项讨论，导数法求最值要比初等方法快捷简便。

3．导数与解析几何或函数图象的混合问题是一种重要类型，也是高考中考察综合能力的一个方向，应引起注意。

4．曲线的切线

在初中学过圆的切线，直线和圆有惟一公共点时，叫做直线和圆相切，这时直线叫做圆的切线，惟一的公共点叫做切点．圆是一种特殊的曲线，能不能将圆的切线的概念推广为一段曲线的切线，即直线和曲线有惟一公共点时，直线叫做曲线过该点的切线，显然这种推广是不妥当的．如图3—1中的曲线C是我们熟知的正弦曲线y=sinx．直线l1与曲线C有惟一公共点M，但我们不能说直线l1与曲线C相切；而直线l2尽管与曲线C有不止一个公共点，我们还是说直线l2是曲线C在点N处的切线．因此，对于一般的曲线，须重新寻求曲线的切线的定义．所以课本利用割线的极限位置来定义了曲线的切线．

1

5．瞬时速度

在高一物理学习直线运动的速度时，涉及过瞬时速度的一些知识，物理教科书中首先指出：运动物体经过某一时刻(或某一位置)的速度叫做瞬时速度，然后从实际测量速度出发，结合汽车速度仪的使用，对瞬时速度作了说明．物理课上对瞬时速度只给出了直观的描述，有了极限工具后，本节教材中是用物体在一段时间运动的平均速度的极限来定义瞬时速度．

6．导数的定义

导数定义与求导数的方法是本节的重点，推导导数运算法则与某些导数公式时，都是以此为依据．

对导数的定义，我们应注意以下三点：

(1)△x是自变量x在 x0处的增量(或改变量)．

(2)导数定义中还包含了可导或可微的概念，如果△x→0时，y=f(x)在点x0处可导或可微，才能得到f(x)在点x0处的导数．

(3)如果函数y=f(x)在点x0处可导，那么函数y=f(x)在点x0处连续(由连续函数定义可知)．反之不一定成立．例如函数y=|x|在点x=0处连续，但不可导．

由导数定义求导数，是求导数的基本方法，必须严格按以下三个步骤进行： (1)求函数的增量yf(x0x)f(x0)；

y有极限，那么函数x (2)求平均变化率

yf(x0x)f(x0)； xxy。

x0x2

(3)取极限，得导数f'(x0)lim

7．导数的几何意义

函数y=f(x)在点x0处的导数，就是曲线y=(x)在点P(x0,f(x0))处的切线的斜率．由此，可以利用导数求曲线的切线方程．具体求法分两步：

(1)求出函数y=f(x)在点x0处的导数，即曲线y=f(x)在点P(x0,f(x0))处的切线的斜率；

(2)在已知切点坐标和切线斜率的条件下，求得切线方程为 yy0f'(x0)(xx0)

特别地，如果曲线y=f(x)在点P(x0,f(x0))处的切线平行于y轴，这时导数不存，根据切线定义，可得切线方程为xx0 8．和（或差）的导数

对于函数f(x)xx的导数，如何求呢？我们不妨先利用导数的定义来求。

32f(xx)f(x)(xx)3(xx)2(x3x2)lim f'(x)lim

x0x0xx3x2x3x(x)2(x)32xx(x)2limx0x lim(3x22x3xx(x)2x)x023x2x32232

我们不难发现(xx)'3x2x(x)'(x)'，即两函数和的导数等于这两函数的导数的和。

由此我们猜测在一般情况下结论成立。事实上教材中证明了我们的猜想，这就是两个函数的和（或差）的求导法则。 9．积的导数

两个函数的积的求导法则的证明是本节的一个难点，证明过程中变形的关键是依据导数定义的结构形式。（具体过程见课本P120） 说明：

（1）(uv)'u'v'；

（2）若c为常数，则(cu) ′=cu′。 10．商的导数

两个函数的商的求导法则，课本中未加证明，只要求记住并能运用就可以。现补充证

3

明如下： 设yf(x)u(x) v(x)y

u(xx)u(x)u(xx)v(x)u(x)v(xx)v(xx)v(x)v(xx)v(x)

u(xx)u(x)v(x)u(x)v(xx)v(x)v(xx)v(x)u(xx)u(x)v(xx)v(x)v(x)u(x)yxx xv(xx)v(x) 因为v(x)在点x处可导，所以它在点x处连续，于是△x→0时，v(x+△x)→v(x)，从而limyu'(x)v(x)u(x)v'(x)uu'vuv'y'即。 '22x0xvv(x)v

说明：（1）'uvu'uu'vuv'； （2）' 2v'vv 学习了函数的和、差、积、商的求导法则后，由常函数、幂函数及正、余弦函数经加、

减、乘、除运算得到的简单的函数，均可利用求导法则与导数公式求导，而不需要回到导数的定义去求。

11. 导数与函数的单调性的关系

㈠f(x)0与f(x)为增函数的关系。

f(x)0能推出f(x)为增函数，但反之不一定。如函数f(x)x3在(,)上单

调递增，但f(x)0，∴f(x)0是f(x)为增函数的充分不必要条件。

㈡f(x)0时，f(x)0与f(x)为增函数的关系。

若将f(x)0的根作为分界点，因为规定f(x)0，即抠去了分界点，此时f(x)为增函数，就一定有f(x)0。∴当f(x)0时，f(x)0是f(x)为增函数的充分必要条件。

㈢f(x)0与f(x)为增函数的关系。

4

f(x)为增函数，一定可以推出f(x)0，但反之不一定，因为f(x)0，即为f(x)0或f(x)0。当函数在某个区间内恒有f(x)0，则f(x)为常数，函数不具

有单调性。∴f(x)0是f(x)为增函数的必要不充分条件。

函数的单调性是函数一条重要性质，也是高中阶段研究的重点，我们一定要把握好以上三个关系，用导数判断好函数的单调性。因此新教材为解决单调区间的端点问题，都一律用开区间作为单调区间，避免讨论以上问题，也简化了问题。但在实际应用中还会遇到端点的讨论问题，要谨慎处理。

㈣单调区间的求解过程，已知yf(x)

（1）分析 yf(x)的定义域； （2）求导数 yf(x) （3）解不等式f(x)0，解集在定义域内的部分为增区间 （4）解不等式f(x)0，解集在定义域内的部分为减区间

我们在应用导数判断函数的单调性时一定要搞清以下三个关系，才能准确无误地判断函数的单调性。以下以增函数为例作简单的分析，前提条件都是函数yf(x)在某个区间内可导。

㈤函数单调区间的合并

函数单调区间的合并主要依据是函数f(x)在(a,b)单调递增，在(b,c)单调递增，又知函数在f(x)b处连续，因此f(x)在(a,c)单调递增。同理减区间的合并也是如此，即相邻区间的单调性相同，且在公共点处函数连续，则二区间就可以合并为以个区间。

yf(x) x[a,b]

（1）f(x)0恒成立 ∴yf(x)为(a,b)上

∴ 对任意x(a,b) 不等式 f(a)f(x)f(b) 恒成立 （2）f(x)0恒成立 ∴ yf(x)在(a,b)上 ∴ 对任意x(a,b)不等式f(a)f(x)f(b) 恒成立 ㈥注意事项

5

1．导数概念的理解．

2．利用导数判别可导函数的极值的方法及求一些实际问题的最大值与最小值．

复合函数的求导法则是微积分中的重点与难点内容。课本中先通过实例，引出复合函数的求导法则，接下来对法则进行了证明。

对于复合函数，以前我们只是见过，没有专门定义和介绍过它，课本中以描述性的方式对复合函数加以直观定义，使我们对复合函数的的概念有一个初步的认识，再结合以后的例题、习题就可以逐步了解复合函数的概念。 3．要能正确求导，必须做到以下两点：

（1）熟练掌握各基本初等函数的求导公式以及和、差、积、商的求导法则，复合函数的求导法则。

（2）对于一个复合函数，一定要理清中间的复合关系，弄清各分解函数中应对哪个变量求导。

4．求复合函数的导数，一般按以下三个步骤进行： （1）适当选定中间变量，正确分解复合关系；

（2）分步求导（弄清每一步求导是哪个变量对哪个变量求导）； （3）把中间变量代回原自变量（一般是x）的函数。

也就是说，首先，选定中间变量，分解复合关系，说明函数关系y=f(μ)，μ=f(x)；然后将已知函数对中间变量求导(y')，中间变量对自变量求导('x)；最后求y''x，并将中间变量代回为自变量的函数。整个过程可简记为分解——求导——回代。熟练以后，可以省略中间过程。若遇多重复合，可以相应地多次用中间变量。 第三部分：例题

1. 曲线ye(x≥0）在点M（t,e）处的切线l与x轴y轴所围成的三角形面积为S

--t

x（t）.

（Ⅰ）求切线l的方程； （Ⅱ）求S（t）的最大值. 解：（Ⅰ）因为f(x)(e故切线l的方程为yetx)ex,所以切线l的斜率为ex,

et(xt).即etxyet(t1)0.

（Ⅱ）令y=0得x=t+1, 又令x=0得ye(t1) 所以S（t）=

t1(t1)et(t1) 2 6

1(t1)2et 21t从而S(t)e(1t)(1t).

2 =

∵当t（0，1）时，S(t)>0, 当t（1,+∞）时,S(t)<0, 所以S(t)的最大值为S(1)=

2 e22. 已知b1,c0,函数f(x)xb的图象与函数g(x)xbxc的图象相切.

（Ⅰ）求b与c的关系式（用c表示b）；

（Ⅱ）设函数F(x)f(x)g(x)在(,)内有极值点，求c的取值范围. 解：（Ⅰ）依题意，令f(x)g(x),得2xb1,故x1b. 21b12b)g(),得(b1)24c.22

b1,c0,b12c.由于f(（Ⅱ）F(x)f(x)g(x)x2bx(bc)xbc.F(x)3x4bxbc.

32222令F(x)0,即3x24bxb2c0.则16b212(b2c)4(b23c).若0,则F(x)0有一个实根x0,且F(x)的变化如下:

x (,x0) + x0 0 （x0,) + F(x) 于是xx0不是函数F(x)的极值点.

若0,则F(x)0有两个不相等的实根x1,x2(x1x2)且F(x)的变化如下：

x

(,x1) x1 (x1,x2) x2 （x2,) 7

F(x) + 0 — 0 + 由此，xx1是函数F(x)的极大值点,xx2是函数F(x)的极小值点. 综上所述，当且仅当0时,函数F(x)在(,)上有极值点.

由4(b23c)0得b3c或b3c.b12c,12c3c或12c3c.解之得0c743或c743.故所求c的取值范围是(0,743)(743,).说明：本题考查导数、切线、极值等知识及综合运用数学知识解决问题的能力 3. 已知f(x)=4xax2

23x(xR)在区间[－1，1]上是增函数. 313x的两个非零实根为x1、x2.试问：是否存在实数3（Ⅰ）求实数a的值组成的集合A； （Ⅱ）设关于x的方程f(x)=2x2

m，使得不等式m+tm+1≥|x1－x2|对任意a∈A及t∈[－1，1]恒成立？若存在，求m的取值范围；若不存在，请说明理由.

解：（Ⅰ）f＇(x)=4+2ax2x, ∵f(x)在[－1，1]上是增函数， ∴f＇(x)≥0对x∈[－1，1]恒成立，

即x－ax－2≤0对x∈[－1，1]恒成立. ① 设(x)=x－ax－2，

2

2

2方法一：

(1)=1－a－2≤0，

①  －1≤a≤1， (－1)=1+a－2≤0.

∵对x∈[－1，1]，只有当a=1时，f＇(-1)=0以及当a=－1时，f＇(1)=0 ∴A={a|－1≤a≤1}. 方法二：

8

aa≥0， <0， 22① 或

(－1)=1+a－2≤0 (1)=1－a－2≤0

 0≤a≤1 或 －1≤a<0  －1≤a≤1.

∵对x∈[－1，1]，只有当a=1时，f＇(－1)=0以及当a=－1时，f＇(1)=0 ∴A={a|－1≤a≤1}. （Ⅱ）由4xax∵△=a+8>0

∴x1，x2是方程x－ax－2=0的两非零实根， x1+x2=a，

∴ x1x2=－2，

从而|x1－x2|=(x1x2)24x1x2=a28. ∵－1≤a≤1，∴|x1-x2|=a28≤3.

要使不等式m+tm+1≥|x1－x2|对任意a∈A及t∈[－1，1]恒成立， 当且仅当m+tm+1≥3对任意t∈[－1，1]恒成立， 即m+tm－2≥0对任意t∈[－1，1]恒成立. ② 设g(t)=m+tm－2=mt+(m－2)， 方法一：

g(－1)=m－m－2≥0， ② 

g(1)=m+m－2≥0，

2

2

2

2

2

2

2

2

2

2231x2xx3,得x0,或x2ax20, 33m≥2或m≤－2.

所以，存在实数m，使不等式m+tm+1≥|x1－x2|对任意a∈A及t∈[－1，1]恒成立，其取值范围是{m|m≥2，或m≤－2}.

9

2

方法二：

当m=0时，②显然不成立； 当m≠0时，

m>0， m<0， ② 或

g(－1)=m－m－2≥0 g(1)=m+m－2≥0

2

2

 m≥2或m≤－2.

所以，存在实数m，使不等式m+tm+1≥|x1－x2|对任意a∈A及t∈[-1，1]恒成立，其取值范围是{m|m≥2，或m≤－2}.

说明：本题主要考查函数的单调性，导数的应用和不等式等有关知识，考查数形结合及分

类讨论思想和灵活运用数学知识分析问题和解决问题的能力.

4. 已知函数f(x)axcxd(a0)是R上的奇函数，当x1时f(x)取得极值2.

(I)求f(x)的单调区间和极大值；

(II)证明对任意x1,x2(1,1),不等式|f(x1)f(x2)|4恒成立. (I) 解：由奇函数定义，应有f(x)f(x),xR.

即 axcxdaxcxd,d0. 因此， f(x)axcx, f'(x)3axc.

由条件 f(1)2为f(x)的极值，必有f'(1)0,故

233332

ac2

3ac0解得 a1,c3.

10

f(x)x33x,因此， f'(x)3x33(x1)(x1),

2f'(1)f'(1)0.当 x(,1)时，f'(x)0，故f(x)在单调区间(,1)上是增函数. 当 x(1,1)时，f'(x)0，故f(x)在单调区间(1,1)上是减函数. 当 x(1,)时，f'(x)0，故f(x)在单调区间(1,)上是增函数. 所以，f(x)在x1处取得极大值，极大值为f(1)2. (II)解：由(I)知，f(x)x3x(x[1,1])是减函数，且

3f(x)在[1,1]上的最大值Mf(1)2, f(x)在[1,1]上的最小值mf(1)2.

所以，对任意x1,x2(1,1),恒有

|f(x1)f(x2)|Mm2(2)4.

说明：本题主要考查函数的单调性及奇偶性，考查运用导数研究函数单调性及极值等基础

知识，考查综合分析和解决问题的能力. 5. 已知函数f(x)=ln(1+x)－x，g(x)=xlnx.

（Ⅰ）求函数f(x)的最大值； （Ⅱ）设0ab)<(b-a)ln2. 2 （Ⅰ）解：函数f(x)的定义域为(1,). f(x)11. 令 f(x)0,解得x0. 1x 当1x0时,f(x)0, 当x0时,f(x)0. 又f(0)0, 故当且仅当x=0时，f(x)取得最大值，最大值为0.

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（Ⅱ）证法一：g(a)g(b)2g(ab2)alnablnb(ab)lnab2 aln2aabbln2bab.

由（Ⅰ）结论知ln(1x)x0(x1,且x0),

由题设 0ab,得ba2a0,1ab2b0, 因此 ln2bbababln(12a)a2a,

ln2babln(1abab2b)2b,

所以 aln2aabbln2babba2ab20.

又2aabab2b,aln2a2abblnbabalnab2bbln2bab(ba)ln2bab(ba)ln2.综上 0g(a)g(b)2g(ab2)(ba)ln2. 证法二：g(x)xlnx,g(x)lnx1.

设F(x)g(a)g(x)2g(ax2), 则 F(x)g(x)2[g(axax2)]lnxln2.

当0xa时,F(x)0, 在此F(x)在(0,a)内为减函数. 当xa时,F(x)0,因此F(x)在(a,)上为增函数. 从而，当xa时,F(x)有极小值F(a).

因此 F(a)0,ba,所以F(b)0, 即 0g(a)g(b)2g(ab2). 设 G(x)F(x)(xa)ln2, 则 G(x)lnxlnax2ln2lnxln(ax). 当x0时,C(x)0. 因此G(x)在(0,)上为减函数.

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因为 G(a)0,ba,所以G(b)0, 即 g(a)g(b)2g(ab)(ba)ln2. 2说明：本题主要考查导数的基本性质和应用、对数函数性质和平均值不等式等知识以及综

合推理论证的能力。

x26. yf(x)axbx1 在x1处可导，则a b x1x1 在x1处可导，必连续limf(x)1

x1x1x2思路：yf(x)axbx1limf(x)ab f(1)1 ∴ ab1

limyy2 lima ∴ a2 b1

x0xxx0

7. 已知f(x)在x=a处可导，且f′(a)=b，求下列极限：

f(ah2)f(a)f(a3h)f(ah) （1）lim； （2）lim

h0h0h2h 分析：在导数定义中，增量△x的形式是多种多样，但不论△x选择哪种形式，△y也必须选择相对应的形式。利用函数f(x)在xa处可导的条件，可以将已给定的极限

式恒等变形转化为导数定义的结构形式。 解：（1）limh0f(a3h)f(ah)f(a3h)f(a)f(a)f(ah) limh02h2hf(a3h)f(a)f(a)f(ah)limh0h02h2h3f(a3h)f(a)1f(ah)f(a)lim lim

2h03h2h0h31f'(a)f'(a)2b22limf(ah2)f(a)f(ah2)f(a)limh （2）lim2h0h0hh 13

f(ah2)f(a)limhf'(a)00 lim2h0h0h说明：只有深刻理解概念的本质，才能灵活应用概念解题。解决这类问题的关键是等

价变形，使极限式转化为导数定义的结构形式。

2x在点（1，1）处的切线方程； 2x1t12 （2）运动曲线方程为S22t，求t=3时的速度。

t8. （1）求曲线y 分析：根据导数的几何意义及导数的物理意义可知，函数y=f(x)在x0处的导数就是曲线y=f(x)在点p(x0,y0)处的切线的斜率。瞬时速度是位移函数S(t)对时间的导数。

2(x21)2x2x22x2 解：（1）y'， 2(x21)2(x1)2220，即曲线在点（1，1）处的切线斜率k=0 42x 因此曲线y2在（1，1）处的切线方程为y=1

x1 y'|x1 （2）S't12'(2t)' 2tt22t(t1)124t4t t4t2t3 S'|t3

9. 求下列函数单调区间

（1）yf(x)x312261211。 9272712x2x5 2x21（2）y

xk2x (k0) （3）yx

14

（4）y2xln

解：（1）y3xx2 (3x2)(x1) x(,)(1,)时y0

2223x(222,1) y0 ∴ (,)，(1,) (,1) 333x21（2）y ∴ (,0)，(0,) 2xk2（3）y12

x∴ x(,k)(k,) y0 x(k,0)(0,k) y0 ∴ (,k)，(k,) (k,0)，(0,k)

14x21（4）y4x 定义域为(0,)

xx11x(0,) y0  x(,) y0 

22

10. 求证下列不等式

x2x2ln(1x)x（1）x x(0,) 22(1x)（2）sinx2x x(0,2)

（3）xsinxtanxx x(0,2)

x21x21) f(0)0 f(x)1x0 证：（1）f(x)ln(1x)(x21xx1∴ yf(x)为(0,)上 ∴ x(0,) f(x)0 恒成立

x2x2ln(1x) g(0)0 ∴ ln(1x)x g(x)x2(1x)2

15

4x24x2x212x2g(x)10

1x4(1x2)4(1x)2x2ln(1x)0恒成立 ∴ g(x)在(0,)上 ∴ x(0,) x2(1x)（2）原式sinx2 令 f(x)sinx/x x) cosx0 xtanx0

2cosx(xtanx)∴ f(x) ∴ x(0,)(0,) f(x)0222x22x f() ∴ sinx

2（3）令f(x)tanx2xsinx f(0)0

x(0,(1cosx)(cosxsin2x)f(x)secx2cosx

cos2x22∴ tanxxxsinx

11. 利用导数求和： （1） （2）

x(0,) f(x)0 ∴ (0,2)

； 。

分析：这两个问题可分别通过错位相减法及利用二项式定理来解决。转换思维角度，由求导公式(x)'nxnn1，可联想到它们是另外一个和式的导数，利用导数运算可使问题的

解决更加简捷。 解：（1）当x=1时，

当x≠1时，

；

∵

，

16

两边都是关于x的函数，求导得

即

（2）∵

两边都是关于x的函数，求导得 令x=1得 即

12. 求满足条件的a

（1）使ysinxax为R上增函数 （2）使yxaxa为R上…… （3）使f(x)axxx5为R上 解：（1）ycosxa ∴ a1

323，

。

，

。

a1时 ysinxx也成立 ∴ a[1,)

（2）y3xa a0 a0时 yx也成立 ∴ a[0,) （3）a[,)

13. （1）x(0,)求证

23131x11ln x1xx11111（2）nN n2 求证 lnn1

23n2n111（1）证：令1t x0 ∴ t1 x

xt117

原不等式111lntt1 令 f(t)t1lnt ∴ f(t)1 ttt(1,) f(t)0 ∴ t(1,) f(t) ∴ f(t)f(1)0

∴ t1lnt 令 g(t)lnt1 ∴ g(t)1t11t122 tttt(1,) g(t)0 ∴t(1,) g(t)

∴ g(t)g(1)0 ∴ lnt1 ∴ （2）令x1,2n1 上式也成立

1t1x11ln x1xx11123n11 lnlnlg123n12n12n111111即 lnn1

23n2n1将各式相加

14. 设a0，求函数f(x)xln(xa)(x(0,)的单调区间.

分析：本小题主要考查导数的概念和计算，应用导数研究函数性质的方法及推理和运

算能力.

11解：f(x)(x0).

xa2x22当a0,x0时 f(x)0x(2a4)xa0.

f(x)0x2(2a4)xa20

（i）当a1时，对所有x0，有x(2a4)a0. 即f(x)0，此时f(x)在(0,)内单调递增.

（ii）当a1时，对x1，有x(2a4)xa0，

即f(x)0，此时f(x)在（0，1）内单调递增，又知函数f(x)在x=1处连续，因此， 函数f(x)在（0，+）内单调递增

22（iii）当0a1时，令f(x)0，即x(2a4)xa0.

2222 18

解得x2a21a,或x2a21a.

因此，函数f(x)在区间(0,2a21a)内单调递增，在区间(2a21a,) 内也单调递增.

令f(x)0,即x(2a4)xa0， 解得2a21ax2a21a.

22（2a-21a,2a21a)内单调递减. 因此，函数f(x)在区间

说明：本题用传统作差比较法无法划分函数的单调区间，只有用导数才行，这是教材新

增的内容。其理论依据如下（人教版试验本第三册P148）：

设函数yf(x)在某个区间内可导，如果f(x)0，则f(x)为增函数；如果

f(x)0，则f(x)为减函数。如果f(x)0，则f(x)为常数。

15. 已知抛物线yx4与直线y=x+2相交于A、B两点，过A、B两点的切线分别为l1和

2l2。

（1）求A、B两点的坐标； （2）求直线l1与l2的夹角。

分析：理解导数的几何意义是解决本例的关键。 解 （1）由方程组

yx24, 

yx2, 解得 A(-2，0)，B(3，5)

（2）由y′=2x，则y'|x24，y'|x36。设两直线的夹角为θ，根据两直线的夹角公式， tan104610 所以arctan 1(4)62323 说明：本例中直线与抛物线的交点处的切线，就是该点处抛物线的切线。注意两条直

线的夹角公式有绝对值符号。

19

exax是R上的偶函数。 16. 设a0，f(x)ae（I）求a的值；

（II）证明f(x)在(0,)上是增函数。

exa1xxaex， 解：（I）依题意，对一切xR有f(x)f(x)，即aeae1x1)(ex)0对一切xR成立， ae12由此得到a0，a1，

a又∵a0，∴a1。

∴(a（II）证明：由f(x)ee当x(0,)时，有exxx，得f(x)eexxex(e2x1)，

(e2x1)0，此时f(x)0。

∴f(x)在(0,)上是增函数。 17. 设函数f(x)x21ax，其中a0。

（I）解不等式f(x)1；

（II）证明：当a1时，函数f(x)在区间[0,)上是单调函数。 解1：（I）分类讨论解无理不等式（略）。

（II）作差比较（略）。 解2：f(x)xx1x2a

（i）当a1时，有

x121a，此时f(x)0，函数f(x)在区间(,)上是

单调递减函数。但f(0)1，因此，当且仅当x0时，f(x)1。 （ii）当0a1时，解不等式f(x)0，得x

a1a2，f(x)在区间(,a1a2]20

上是单调递减函数。

解方程f(x)1，得x0或x2a1a2，

∵0a1a22a1a2，

∴当且仅当0x2a1a2时，f(x)1，

综上，（I）当0a1时，所给不等式的解集为：x|0x； 21a2a当a1时，所给不等式的解集为：x|x0。

（II）当且仅当a1时，函数f(x)在区间[0,)上时单调函数。

18. 已知a0，函数f(x)1ax2,x(0,),设0x1，记曲线yf(x)在点xaM(x1,f(x1))处的切线为l。

（Ⅰ）求l的方程；

（Ⅱ）设l与x轴的交点为(x2,0)，证明：①0x2解：（1）f(x)的导数f(x)111②若x1，则x1x2 aaa1，由此得切线l的方程 2xy1ax112(xx1)， x1x1（2）依题得，切线方程中令y0，得

x2x1(1ax1)x1x1(2ax1)，其中0x1（ⅰ）由0x12， a2121，x2x1(2ax1)，有x20，及x2a(x1)， aaa111∴0x2，当且仅当x1时，x2。

aaa

21

11时，ax11，因此，x2x1(2ax1)x1，且由（ⅰ），x2， aa1所以x1x2。

a（ⅱ）当x1

19. 已知a0,n为正整数.

（Ⅰ）设y(xa)n,证明yn(xa)n1；

（Ⅱ）设fn(x)xn(xa)n,对任意na,证明fn1(n1)(n1)fn(n).

分析：本题主要考查导数、不等式证明等知识，考查综合运用所数学知识解决问题的能力。

k(a)证明：（Ⅰ）因为(xa)Cnnk0nnkxk，

所以ykC(a)knk0nnkxk1k1nkk1xn(xa)n1. nCn1(a)n

k0

nn（Ⅱ）对函数fn(x)x(xa)求导数:

fn(x)nxn1n(xa)n1,所以fn(n)n[nn1(na)n1].当xa0时,fn(x)0.当xa时,fn(x)xn(xa)n是关于x的增函数.因此,当na时,(n1)n(n1a)nnn(na)n

∴fn1(n1)(n1)[(n1)n(n1a)n](n1)(nn(na)n) (n1)(nnn(na)n1)(n1)fn(n).

即对任意na,fn1(n1)(n1)fn(n).

第四部分：强化训练

1．设函数f(x)在x0处可导，则limx0f(x0x)f(x0)等于 （ ）

x22

A．f'(x0) B．f'(x0) C．f'(x0) D．f(x0) 2．若limx0f(x02x)f(x0)1，则f'(x0)等于 （ ）

3xA．

23 B． C．3 D．2 3233．曲线yx3x上切线平行于x轴的点的坐标是 （ ）

A．（-1，2） B．（1，-2） C．（1，2） D．（-1，2）或（1，-2）

4．若函数f(x)的导数为f′(x)=-sinx，则函数图像在点（4，f（4））处的切线的倾斜角

为（ ）

A．90° B．0° C．锐角 D．钝角

5．函数y2x3x12x5在[0，3]上的最大值、最小值分别是 （ ）

A．5，－15

B．5，－4

C．－4，－15

D．5，－16

326．一直线运动的物体，从时间t到t+△t时，物体的位移为△s，那么lim A．从时间t到t+△t时，物体的平均速度 B．时间t时该物体的瞬时速度 C．当时间为△t 时该物体的速度

D．从时间t到t+△t时位移的平均变化率

s为（ ）

t0t7．关于函数f(x)2x6x7，下列说法不正确的是 （ ） A．在区间（，0）内，f(x)为增函数 B．在区间（0，2）内，f(x)为减函数 C．在区间（2，）内，f(x)为增函数

D．在区间（，0）(2,)内，f(x)为增函数

8．对任意x，有f'(x)4x，f(1)=-1，则此函数为 （ ） A．f(x)x B．f(x)x2 C．f(x)x1 D．f(x)x2 9．函数y=2x-3x-12x+5在[0,3]上的最大值与最小值分别是 （ ）

A.5 , -15 B.5 , 4 C.-4 , -15 D.5 , -16

23

3

2

323444410．设f(x)在x0处可导，下列式子中与f'(x0)相等的是 （ ） （1）limx0f(x0)f(x02x)f(x0x)f(x0x)； （2）lim；

x02xxf(x02x)f(x0x)f(x0x)f(x02x)（4）lim。

x0xx

（3）limx0 A．（1）（2） B．（1）（3） C．（2）（3） D．（1）（2）（3）（4）

11．（2003年普通高等学校招生全国统一考试（上海卷理工农医类16））

f(x)是定义在区间[－c,c]上的奇函数，其图象如图所示：令g（x）=af（x）+b，则

下

列关于函数g（x）的叙述正确的是（ ）

A．若a<0,则函数g（x）的图象关于原点对称.

B．若a=－1，－212．若函数f(x)在点x0处的导数存在，则它所对应的曲线在点(x0,f(x0))处的切线方程是_____________。 13．设f(x)x1，则它与x轴交点处的切线的方程为______________。 xh014．设f'(x0)3，则limf(x0h)f(x03h)_____________。

h3215．垂直于直线2x-6y+1=0，且与曲线yx3x5相切的直线的方程是________． 16．已知曲线yx2x

1x，则y'|x1_____________。

17．y=xe的单调递增区间是

18．曲线y33x21在点(1,34)处的切线方程为____________。 19．P是抛物线yx上的点，若过点P的切线方程与直线y处的切线方程是____________。

24

21x1垂直，则过P点220．在抛物线yx上依次取两点，它们的横坐标分别为x11，x23，若抛物线上过点P的切线与过这两点的割线平行，则P点的坐标为_____________。 21．曲线f(x)x在点A处的切线的斜率为3，求该曲线在A点处的切线方程。 22．在抛物线yx上求一点P，使过点P的切线和直线3x-y+1=0的夹角为

232。 4x(x0)23．判断函数f(x)在x=0处是否可导。

x(x0)24．求经过点（2，0）且与曲线y25．求曲线y=xcosx在x1相切的直线方程。 x2处的切线方程。

22

26．已知函数f(x)=x+ax+b，g(x)=x+cx+d. 若f(2x+1)=4g(x)，且f'x=g'(x)，f(5)=30，求g(4).

27．已知曲线C1:yx与C2:y(x2)。直线l与C1、C2都相切，求直线l的方程。

28．设f(x)=(x-1)(x-2)…(x-100)，求f′(1)。 29．求曲线y2211在点(1,)处的切线方程。

(3xx2)21630．求证方程xlgx1在区间(2,3)内有且仅有一个实根 31． a、b、x、y均为正数 且ab1 nN n1

求证：axby(axby) 32．（1）求函数ynnnx在x=1处的导数；

2 （2）求函数yxaxb（a、b为常数）的导数。

33．证明：如果函数y=f(x)在点x0处可导，那么函数y=f(x)在点x0处连续。

25

34．（2002年普通高等学校招生全国统一考试（新课程卷文史类21））

3 已知a0,函数f(x)xa,x[0,)，设x10，记曲线yf(x)在点

M(x1,f(x1))处的切线为l。

（Ⅰ）求l的方程；

（Ⅱ）设l与x轴的交点为(x2,0)，证明：①x2

五、参考答案

1－5 CBDCA； 6－10 BDBAB； 11 B

12．yf(x0)f'(x0)(xx0) 13．y=2(x-1)或y=2(x+1) 14．-6 15．3x+y+6=0 16．17．(-∞,-2)与(0,+ ∞) 18．x32y10 19．2x-y-1=0 20．（2，4） 21．由导数定义求得f'(x)3x， 令3x23，则x=±1。

当x=1时，切点为（1，1），所以该曲线在（1，1）处的切线方程为y-1=3(x-1)即3x-y-2=0；

当x=-1时，则切点坐标为（-1，-1），所以该曲线在（-1，-1）处的切线方程为y+1=3(x+1)即3x-y+2=0。

22．由导数定义得f′(x)=2x，设曲线上P点的坐标为(x0,y0)，则该点处切线的斜率为

21a3；②若x111a3，则a3 x2x1。

1 2kp2x0，根据夹角公式有

2x031

12x031， 由x01，得y01； 4 解得x01或x01111y0P(,)。 由x0，得； 则P（-1，1）或164416 23．limx0yf(0x)f(0)x0limlim1，

x0xx0xx26

limyx0xlimf(0x)f(0)x0x0xlimx0x1，

 ∵yylimx0xlimx0x， ∴limyx0x不存在。

∴函数f(x)在x=0处不可导。

24．可以验证点（2，0）不在曲线上，故设切点为P(x0,y0)。

11 由y'|xxx0xxx0lim0x0xlimx(x x00x)x0 lim11x0x2，

0(x0x)x0 得所求直线方程为 yy01x2(xx0)。 0 由点（2，0）在直线上，得x20y02x0，

再由P(x0,y0)在曲线上，得x0y01，

联立可解得x01，y01。所求直线方程为x+y-2=0。

25．Y’=x'cosx+x·(cosx)'=cosx-xsinx

y'|x22，切点为2,0， ∴切线方程为：y0(x22) 即2x4y20。

26解：由已知(2x+1)2+a(2x+1)+b=4(x2

+cx+d)

∴

27

2

=2x+a =2x+c ∴a=c ③

又知5+5a+b=30 ∴5a+b=5 ④ 由①③知a=c=2. 依次代入④、②知b=－5，

d=－g(4)=4+2×4－

2

=23

2

227．解：设l与C1相切于点P(x1,x1)，与C2相切于Q(x2,(x22))。对C1:y'2x，

2则与C1相切于点P的切线方程为yx12x1(xx1)，即y2x1xx1。 ①

2 对C2:y'2(x2)，则与C2相切于点Q的切线方程为

2y(x22)22(x22)(xx2)，即y2(x22)xx24。 ②

∵ 两切线重合，∴2x12(x22)xx42122，

解得x10,x12或，

x0x2;22 ∴直线方程为y=0或y=4x-4。

28．解： ∴

令x=1得

29．解：y(3xx)，则y'222

32x

(3xx2)328

y'|55x124332。 ∴切线方程为y151632(x1) 即5x+32y-7=0。

30解：yf(x)xlgx1 ylgxlg10lg10x x(2,3) y0

yf(x)在(2,3) f(2)lg4100 f(3)lg2.70 ∴ yf(x)在(2,3)内与x轴有且仅有一个交点 ∴ 方程 xlgx1 在(2,3)内仅有一解

31．证：由对称性不妨设 xy

（1）若xy 显然成立

（2）若xy 设 f(x)axnbyn(axby)n ∴ f(x)naxn1nbyn1n(axby)n1a

na[(ab)n1xn1(axby)n1] na[(axbx)n1(axby)n1]

∵ xy ∴ f(x)0 ∴ x(y,)时 f(x) ∴ f(x)f(y)0 ∴ axnbyn(axby)n

32．分析：根据导数的定义求函数的导数，是求导数的基本方法。 解（1）y1x1

y1x11xx1x1， limy11x0xlimx01x12∴y'|1，

x12。

（2）y[(xx)2a(xx)b](x2axb) 2xx(x)2ax，

29

y(2xa)x(x)2(2xa)x。 xx limylim(2xa)x2xax0xx0

∴y′=2x+a

说明 应熟练掌握依据导数的定义求函数的导数的三个步骤。

33．分析：从已知和要证明的问题中去寻找转化的方法和策略，要证明f(x)在点x0处连续，

必须证明limf(x)f(x0)，由于函数f(x)在点x0处可导，因此根据函数在点x0处

xx0可导的定义，逐步实现这个转化。 已知：limx0f(x0x)f(x0)f'(x0) 求证：limf(x)f(x0)

xx0xxx0 证明：考虑limf(x)，令xx0x，则xx0，等价于△x→0，于是

limf(x1x)f(x0)f(x0)x0f(x0x)f(x0)limxf(x0)x0xf(x0x)f(x0)f(x0)limxx0x

f(x0x)f(x0)f(x0)limlimxx0x0xf'(x0)0f(x0)f(x0) ∴函数f(x)在点x0处连续。

说明：函数f(x)在点x0处连续、有极限以及导数存在这三者之间的关系是：导数存在

连续有极限。反之则不一定成立，例如y=|x|在点x=0处有极限且连续，但导数不存

在。

34．解：（1）f(x)的导数f(x)3x，由此得切线l的方程

2y(x13a)3x12(xx1)，

30

（2）依题意，在切线方程中令y0，得xxx31a2x31a213x23x2， 111111（ⅰ）x31322a3x(2xa3xa3)1x2(xa3)2(2x1a32111)0， 13111∴x2a3，当且仅当x1a3时取等成立。

1x31（ⅱ）若x3x31a1a，则1a0，x2x10，且由（ⅰ）x2a33x2，11所以a3x2x1。 31