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2020届高考数学(理)一轮复习专题卷 专题04 指数函数、对数函数及幂函数(解析版)

2020-10-20 来源:好走旅游网


2020届高考数学(理)一轮复习专题卷

跟踪知识梳理

考纲解读: 1.指数函数

(1)了解指数函数模型的实际背景.

(2)理解指数函数的概念,理解指数函数的单调性,掌握指数函数图象通过的特殊点. (3)知道指数函数是一类重要的函数模型. 2.对数函数

(1)理解对数函数的概念,理解对数函数的单调性,掌握对数函数图象通过的特殊点. (2)知道对数函数是一类重要的函数模型.

(3)了解指数函数y=ax与对数函数y=logax互为反函数(a>0,且a≠1). 3.幂函数

(1)了解幂函数的概念.

11

(2)结合函数y=x,y=x2,y=x3,y=,y=x的图象,了解它们的变化情况.

x2考点梳理:

一、指数函数的概念、图象与性质

概念 函数y=ax(a>0,a≠1)叫做指数函数 底数 a>1 0值域 (0,+∞) 性质 过定点(0,1),即x=0时,y=1 在R上是增函数 在R上是减函数 二、对数函数的概念、图象与性质

概念 底数 a>1 函数y=logax(a>0,a≠1)叫做对数函数 0概念 形如y=xα(α∈R)的函数称为幂函数,其中α为常数 1图象(α=-1,,1,2,3) 2

性质 所有的幂函数在(0,+∞)都有定义,并且图象都过点(1,1) α>0时,幂函数的图象通过原点,并且在区间(0,+∞)上是增 函数 α<0时,幂函数的图象在区间(0,+∞)上是减函数.在第一象限 内,当x从右边趋向原点时,图象在y轴右方无限地逼近y轴正半轴,当x趋于+∞时,图象在x轴上方无限地逼近x轴正半轴 四、反函数 1.概念

当一个函数的自变量和因变量成一一对应时,可以把这个函数的因变量作为一个新的函数的自变量,而把这个函数的自变量作为新的函数的因变量,我们称这两个函数互为反函数.

2.指数函数y=ax(a>0,a≠1)与对数函数y=logax(a>0,a≠1)互为反函数,由于在反函数中是交换了x,y的位置,故互为反函数的两个函数的定义域和值域互换,即原函数的值域是其反函数的定义域,原函数的定义域是其反函数的值域.

核心能力必练

一、选择题

1.(2018湖南永州第三次模拟,4)下列函数中,与函数y=2x-2-x的定义域、单调性与奇偶性均一致 的是 ( )

1A.y=sin x B.y=x3 C.y=   D.y=log2x

2【答案】B

x

y=x3是定义域为R的单调递增函数,且是奇函数符合题意.故选B.

12.(2018福建厦门一模,5)已知a=,b=log10.3,c=ab,则a,b,c的大小关系是 ( )

22A.a0.311【解析】 b=log10.3>log1=1>a=,c=ab22223..(2018河南八市学评第一次测评,10)设函数f(x)=x2-a与g(x)=ax(a>1且a≠2)在区间(0,+∞)上具

0.31有不同的单调性,则M=(a-1)0.2与N=的大小关系是 ( )

aA.M=N B.M≤N C.MN 【答案】D

0.1

4.函数yax2a0,且a1的图象经过的定点坐标是( )

A. 0,1 B. 2,1 C. 2,1 D. 2,0 【答案】C

【解析】令x20,则x2,则函数ya5.已知幂函数fxx的图象经过点A(A.x2的图象过定点2,1,故选C.

1,2),则实数的值为( ) 211 B. C.2 D.2 22【答案】A

11【解析】由已知得2,则.故选A.

22x121,x1,6.已知函数fx若f(a)1,则f(1a)( )

log3x,x1,2A.2 B.2 C.1 D.1 【答案】B

【解析】当a1时,2a111,即a2,则f(1a)log242;当a1时,log2(3a)1,即a

5

,不合题意,故f(1a)2,故选B. 2

7.若loga20(a0,且a1),则函数fxlogax1的图象大致是( )

【答案】B

8.若f10xx,则f3( )

A.log310 B.lg3 C.10 D.3 【答案】B

【解析】由函数的对应关系可得103,解得xlg3,故选B.

x23x2,9.函数fx若fa1,则a的值是( ) 2log3x1x2,310

xA.2 B.1 C.1或2 D.1或2 【答案】A

3【解析】当a2时,

a22log3(a21)1,1,解得a2,不符合;当a2时,故a4,即a2.故

a2,故选A.

10.设alog32,blog52,clog23,则( )

A.acb B.bca C.cba D.cab 【答案】D

【解析】因为alog3211,blog52,clog23log221,log251,所以0a1,log23log25

0b1,又log25log231,所以

11,即0ba1,所以cab,故选D. log25log2311.函数y1logax283a0,且a1的图象恒过定点A,若点A的横坐标为x0,函数

y2axx04的图象恒过定点B,则B点的坐标为( )

A.27,3 B.27,5 C.3,5 D.2,5 【答案】B

12.已知函数ya,yx,ylogcx的图象如图所示,则( )

xb

A.abc B.acb C.cab D.cba 【答案】C

【解析】由题中图象可知a1,0b1,c1,所以b最小;对于ya,x1时,ya,由题中图象

可知1a2;对于ylogcx,y1时,cx,由图象可知2c3,故cab,故选C.

13.已知实数x,y满足aa(0a1),则下列关系式恒成立的是( ) A.

xyx11 B.sinxsiny x21y212233C.ln(x1)ln(y1) D.xy 【答案】D

【解析】∵实数x,y满足aa(0a1),∴xy.对于A,

xy1122x1y等价于1,

x21y212222即xy,当x1,y1时,满足xy,但xy不成立;对于B,当x,yπ时,满足xy,2

但sinxsiny不成立;对于C,ln(x1)ln(y1)等价于xy成立,当x1,y1时,满足

2222xy,但x2y2不成立;对于D,当xy时,x3y3恒成立,故选D.

x12e,x2,14.设fx则ff2的值为( ) 2logx1,x2,3A.0 B.1 C.2 D.3 【答案】C

211【解析】f(2)log3(21)1,f(f(2))f(1)2e2,故选C.

12ax,x1,fx1fx215.已知函数fx当时,0,则a的取值范围是( ) xx121xx12logax,x1,3111111A.(0,] B., C.(0,] D.,

323243【答案】A

16.已知alog15,blog23,c1,d320.6,那么( )

A.acbd B.adcb

C.abcd D.acd【答案】B

【解析】由幂函数的性质可知d30.6b

0,1,由对数的运算性质可知alog250,而

blog231,2,又c1,所以adcb,故选B.

117.幂函数的图象经过点2,,则它的单调递增区间是( )

4

0 A.0, B.[0,) C., D.,【答案】D

11【解析】根据幂函数的图象经过点2,,可以求出幂函数的解析式为yx22,进而可以求

4x0,故选D. 得它的单调递增区间是,18.已知a0,b0,且ab1,则函数f(x)a与函数g(x)logbx的图象可能是( )

x

【答案】B

19.已知35A,且

ab112,则A的值是( ) abA.15 B.15 C.15 D.22 【答案】B 【解析】113a5bA,alog3A,blog5A,logA3logA5logA152,

abA15,故选B.

20.幂函数fxm2m5xm1在0,上单调递减,则m等于( )

A.3 B.2 C.2或3 D.3 【答案】B 【解析】

fx为幂函数,m2m51,m3或m2,当m3时,fxx4,在

0,上单调递增;当m2时,fxx1,在0,上单调递减,故选B.

21.函数fx16x16xlog2x的图象大致为( )



A. B.

C.【答案】A

D.

22.已知函数yf(x)与函数ye互为反函数,函数yg(x)的图象与函数yf(x)关于x轴对称,

xg(a)1,则实数a的值( )

A.e B.【答案】D

【解析】由反函数可知fxlnx,函数yg(x)的图象与函数yf(x)关于x轴对称,则

11 C. D.e eegxlnx,galna1,ae.

35123.函数fx的图象关于y轴对称,且对任意xR都有fx3fx,若当x,时,fx,

222则f2017( )

x11A. B. C.4 D.4

44

【答案】A

【解析】因为函数fx对任意xR都有fx3fx,所以fx6fx3fx,

所以函数fx是周期为6的函数,而f2017f33661f1,由fx3fx可得

f23f2f1,因为函数fx的图象关于y轴对称,所以函数fx是偶函数,所以111f2f2,所以f2017f1f2,故选A.

44222cos2x124.若直线axy0(a0)与函数f(x)图象交于不同的两点A,B,且点C(6,0),

2xln2x若点D(m,n)满足DADBCD,则mn( )

A.1 B.2 C.3 D.a 【答案】B

25.函数fxkx4lnxxx1,若fx0的解集为s,t,且s,t中只有一个整数,则实数k的取值范围为( )

141141A.2 ,  B.(2 , ]

ln33ln2ln33ln2C.(411411,1  , 1] D.ln332ln2ln332ln2【答案】B

【解析】fx0x1只有一个整数解等价于kx4x只有一个大于1的整数解,设 lnxgxxlnx1x,则gx,可得在递减,在递增,由图可知, kx41,ee,gx2lnxlnxlnx

22k4,14ln212 3ln2ln333k4,ln3y654321-4-3-2-1-1O123x

二、填空题

2x126.(2018湖南益阳4月调研,13)已知函数f(x)=(a∈R)的图象关于点0,对称,则a= .

1a2x2【答案】1

27.函数f(x)log1(x24x5)的单调递减区间为 .

2【答案】5,

【解析】由x4x50得x1或x5,函数可由ftlog1t,tx24x5复合而成,其中

22ftlog1t为减函数,tx24x5的增区间为5,,所以函数f(x)log1(x24x5)的单调递

22减区间为5,.

28.已知函数fx2x2x,若不等式fx2axaf30对任意实数x恒成立,则实数a的取值范围是 . 【答案】2,6

【解析】因为fx2x2x为奇函数且为R上增函数,所以

fx2axaf30fx2axa f3fx2axaf3x2axa3对任

意实数x恒成立,即a24(a3)02a6.

29.已知指数函数yfx,对数函数ygx和幂函数yhx的图象都过P1,2,如果2fx1gx2hx34,那么x1x2x3 .

【答案】

3 2

30.如图,过原点O的直线与函数y2的图象交于A、B两点,过B作y轴的垂线交函数y4的图象于点C,若AC平行于y轴,则点A的坐标为 .

xx

【答案】1,2

【解析】设A(n,2),B(m,2),则C(nmmmm,2),因为AC平行于y轴,所以n,所以 222n2mmnm,即nm1,又 A(,2),B(m,2),又因为A,B,O三点共线,所以kOAkOB,所以mm22nm,所以n1,所以点A的坐标为(1,2). 2

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